[BOJ] 1005번 - ACM Craft

백준 1005번 - ACM Craft

시간제한	메모리 제한	제출	정답	맞은 사람	정답 비율
1 초	512 MB	39801	7497	4830	21.382%

문제

서기 2012년! 드디어 2년간 수많은 국민들을 기다리게 한 게임 ACM Craft (Association of Construction Manager Craft)가 발매되었다.

이 게임은 지금까지 나온 게임들과는 다르게 ACM크래프트는 다이나믹한 게임 진행을 위해 건물을 짓는 순서가 정해져 있지 않다. 즉, 첫 번째 게임과 두 번째 게임이 건물을 짓는 순서가 다를 수도 있다. 매 게임시작 시 건물을 짓는 순서가 주어진다. 또한 모든 건물은 각각 건설을 시작하여 완성이 될 때까지 Delay가 존재한다.

 

위의 예시를 보자.

이번 게임에서는 다음과 같이 건설 순서 규칙이 주어졌다. 1번 건물의 건설이 완료된다면 2번과 3번의 건설을 시작할수 있다. (동시에 진행이 가능하다) 그리고 4번 건물을 짓기 위해서는 2번과 3번 건물이 모두 건설 완료되어야지만 4번건물의 건설을 시작할수 있다.

따라서 4번건물의 건설을 완료하기 위해서는 우선 처음 1번 건물을 건설하는데 10초가 소요된다. 그리고 2번 건물과 3번 건물을 동시에 건설하기 시작하면 2번은 1초뒤에 건설이 완료되지만 아직 3번 건물이 완료되지 않았으므로 4번 건물을 건설할 수 없다. 3번 건물이 완성되고 나면 그때 4번 건물을 지을수 있으므로 4번 건물이 완성되기까지는 총 120초가 소요된다.

프로게이머 최백준은 애인과의 데이트 비용을 마련하기 위해 서강대학교배 ACM크래프트 대회에 참가했다! 최백준은 화려한 컨트롤 실력을 가지고 있기 때문에 모든 경기에서 특정 건물만 짓는다면 무조건 게임에서 이길 수 있다. 그러나 매 게임마다 특정건물을 짓기 위한 순서가 달라지므로 최백준은 좌절하고 있었다. 백준이를 위해 특정건물을 가장 빨리 지을 때까지 걸리는 최소시간을 알아내는 프로그램을 작성해주자.

 

입력

첫째 줄에는 테스트케이스의 개수 T가 주어진다. 각 테스트 케이스는 다음과 같이 주어진다. 첫째 줄에 건물의 개수 N 과 건물간의 건설순서규칙의 총 개수 K이 주어진다. (건물의 번호는 1번부터 N번까지 존재한다)

둘째 줄에는 각 건물당 건설에 걸리는 시간 D가 공백을 사이로 주어진다. 셋째 줄부터 K+2줄까지 건설순서 X Y가 주어진다. (이는 건물 X를 지은 다음에 건물 Y를 짓는 것이 가능하다는 의미이다) 

마지막 줄에는 백준이가 승리하기 위해 건설해야 할 건물의 번호 W가 주어진다.

출력

건물 W를 건설완료 하는데 드는 최소 시간을 출력한다. 편의상 건물을 짓는 명령을 내리는 데는 시간이 소요되지 않는다고 가정한다.

건설순서는 모든 건물이 건설 가능하도록 주어진다.

제한

• 2 ≤ N ≤ 1000
• 1 ≤ K ≤ 100,000
• 1 ≤ X, Y, W ≤ N
• 0 ≤ D ≤ 100,000, D는 정수

---

예제 입력 1

2
4 4
10 1 100 10
1 2
1 3
2 4
3 4
4
8 8
10 20 1 5 8 7 1 43
1 2
1 3
2 4
2 5
3 6
5 7
6 7
7 8
7

예제 출력 1

120
39

예제 입력 2

5
3 2
1 2 3
3 2
2 1
1
4 3
5 5 5 5
1 2
1 3
2 3
4
5 10
100000 99999 99997 99994 99990
4 5
3 5
3 4
2 5
2 4
2 3
1 5
1 4
1 3
1 2
4
4 3
1 1 1 1
1 2
3 2
1 4
4
7 8
0 0 0 0 0 0 0
1 2
1 3
2 4
3 4
4 5
4 6
5 7
6 7
7

예제 출력 2

6
5
399990
2
0

출처

www.acmicpc.net/problem/1005

1005번: ACM Craft

알고리즘 분류

• 다이나믹 프로그래밍
• 그래프 이론
• 위상 정렬

접근 방법

2020/12/30 - [자료구조 + 알고리즘/[BOJ]] - [BOJ] 2056번 - 작업

[BOJ] 2056번 - 작업

위와 같은 로직을 사용하는 문제이다.

특정 작업을 할 때 선행관계에 놓여있는 노드가 하나 이상 있다면, 해당 작업부터 처리해야한다.

맨 처음 처리할 수 있는 노드는 선행관계에 놓여 있지 않는 노드들일 것이다.

해당 노드들을 처리한 다음, 이 후 처리할 수 있는 작업들을 Queue에 넣어서 이전까지 수행했던 작업들 중 가장 늦게 끝나는 것 이후에 해당 작업을 처리한다. 

 

위상정렬을 이용하여 문제를 푸는 것이 이 문제의 핵심이라고 할 수 있다.

위상정렬은 DAG(Directed Acyclic Graph) 에서만 적용할 수 있는데 이는 위계 관계에 놓어있는 노드의 순서를 정렬하는 것에 있어 필수적인 조건이다.(Cycle이 생기면 Cycle을 이루는 노드들의 시작점을 파악할 수 없고 Undirected Graph일 경우 어떤 것이 상위에 있는 지 파악할 수 없다.)

 

 

소스 코드

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

int main(void){
    ios_base::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);

    int T;
    cin >> T;

    while(T--){
        int N, K;
        cin >> N >> K;

        vector<int> time(N+1);
        vector<int> cost(N+1);
        vector<int> precedence[1001];
        vector<int> out[1001];

        for(int i=1; i<=N; i++)
            cin >> cost[i];

        for(int i=0; i<K; i++){
            int before, after;
            cin >> before >> after;
            out[before].push_back(after);
            precedence[after].push_back(before);
        }

        // topological sort
        // 처리 시간이 빠른 일 부터 처리한다.

        // { 처리 시간, 현재 노드 }
        priority_queue<pair<int,int>, vector<pair<int,int>>, greater<pair<int,int>>> PQ;

        for(int i=1; i<=N; i++){
            if( precedence[i].empty() ){
                time[i] = cost[i];
                PQ.push({time[i], i});
            }
        }

        while(!PQ.empty()){
            pair<int,int> top = PQ.top(); PQ.pop();

            int current = top.second;
            // adjusting
            for(auto v : out[current]){
                for(int i=0; i<precedence[v].size(); i++){
                    if( precedence[v][i] == current ){
                        precedence[v].erase(precedence[v].begin() + i);
                        break;
                    }
                }
                if( precedence[v].empty() ){
                    time[v] = time[current] + cost[v];
                    PQ.push({time[v], v});
                }
            }
        }

        //
        int W;
        cin >> W;
        cout << time[W] << '\n';
    }

    return 0;
}